1.選D　由能量轉(zhuǎn)化和守恒定律可知，該碎片在空氣中下落過程中，重力和空氣阻力做功之和等于動能的增加量，因空氣阻力做負功，故重力做的功大于動能的增加量，A、B均錯誤;該碎片陷入地下的過程中，因有阻力做負功，且克服阻力做的功等于其機械能的減少量，故D正確，C錯誤。

　　2.選C　在物體向上運動的過程中，恒力F、重力、空氣阻力做功，根據(jù)動能定理可知，三力做的功之和等于物體的動能增量，所以A錯誤;克服重力做的功等于物體重力勢能的增量，所以B錯誤 ;除重力外的其它力做的功之和等于物體機械能的增加量，所以C正確、D錯誤。

　　3.選C　將滑塊C的運動沿水平方向和沿斜面向下方向正交分解，A、C兩個滑塊所受的滑動摩擦力大小相等，A所受滑動摩擦力沿斜面向上，C沿斜面向上的力是滑動摩擦力的分力，根據(jù)牛頓第二定律知，沿斜面方向C的加速度大于A的加速度，又沿斜面向下A、C都做初速度為零的加速運動，由運動規(guī)律知C先到達斜面底端，故A錯誤;三個滑塊所受的滑動摩擦力大小相等，滑動摩擦力做功與路程有關(guān)，C運動的路程最大，C克服摩擦力做功最大，機械能減小量等于克服阻力做的功，故滑塊C機械能減小的最多，故B錯誤 ;重力做功相同，摩擦力對A、B做功相同，C克服摩擦力做功最多，而B有初速度，根據(jù)動能定理可知，滑到斜面底端時，B滑塊的動能最大，故C正確;三個滑塊下降的高度相同，重力勢能減小相同，故D錯誤。

　　4.選AC　本題考查力學(xué)的基本規(guī)律，意在考查考生對牛頓運動定律和能量守恒定律的綜合應(yīng)用能力。由于上升過程中的加速度大小等于重力加速度，則由牛頓第二定律mgsin 30°+f=mg，則f=mg。由動能定理可知ΔEk=mgH+fL=2mgH，則A正確，B錯誤;機械能的減少量在數(shù)值上等于克服摩擦力做的功，Wf=fL=mgH，則C正確，D錯誤。

　　5.選ABC　由動能定理可得小物塊到達小車最右端時的動能Ek物=W合=(F-Ff)(L+x)，A正確;小車的動能Ek車=Ffx，B正確;小物塊克服摩擦力所做的功Wf=Ff·(L+x)，C正確;小物塊和小車增加的機械能為F(L+x)-Ff·L，D錯誤。

　　6.選BD　由牛頓第二定律得：f=Ma1，F(xiàn)-f=ma2，又L=a2t2-a1t2，s=a1t2，M越大，a1越小，t越小，s越小，B正確;F越大，a2越大，t越小，C錯誤;由Q=fL可知，f越大，滑塊與木板間產(chǎn)生的熱量越多，D正確;力F做的功還有一部分轉(zhuǎn)化為系統(tǒng)熱量Q，故A錯誤。

　　7.選ABD　當傳送帶向上勻速的開始階段，因傳送帶對a的摩擦力沿帶向上，且Ff+mbg>magsin θ，故物塊a向上加速，當物塊a、b的速度大小與帶速相等時，開始做勻速運動，此時因mbg>magsin θ，物塊a受的摩擦力對a做負功，A、B均正確;設(shè)a、b的速度大小均為v，則Pa=magvsin θ，Pb=mbg·v，故Pa

　　8.選AD　因物塊由A到B的過程中有一部分彈性勢能用于克服摩擦力做功，故A正確;當物塊從A向B運動過程中加速度為零時速度最大，此時kx-μmg=0，彈簧仍處于伸長狀態(tài)，故B錯誤;由動能定理可得：W-μmg·2xOA=Ek0，xOA>，可得物塊在O 點的動能小于W-μmga，D正確;由能量守恒定律可得，物塊在B點時，彈簧的彈性勢能EpB=W-μmg·xOA-μmga

　　9.解析：(1)關(guān)閉發(fā)動機且關(guān)閉儲能裝置后，汽車在地面阻力f的作用下減速至靜止，由動能定理-fx=0-Ek

　　解得f=2×103 N

　　汽車勻速運動的動能Ek=mv2=8×105 J

　　解得v=40 m/s

　　汽車勻速運動時牽引力大小等于阻力，故汽車的額定功率P=Fv=fv

　　解得P=8×104 W。

　　(2)汽車加速運動過程中，由動能定理得

　　Pt-fx1=mv2-mv02

　　解得t=16.25 s。

　　(3)由功能關(guān)系，汽車開啟儲能裝置后向蓄電池提供的電能為E=Ek-fx′

　　解得E=5×105 J。

　　答案：(1)8×104 W　(2)16.25 s

　　(3)5×105 J

　　10.選D　對物塊，初始時受重力mg、斜面的支持力和滑動摩擦力作用，根據(jù)功能關(guān)系有：mv02=mgh+μmgx，顯然方程左右兩端的質(zhì)量m可以消去，即改變物塊的質(zhì)量m不影響物塊在斜面上滑動的結(jié)果，故選項A說法正確;若增大h，物塊滑行的水平位移將小于x，即不能滑到斜面頂端，假設(shè)物塊仍然滑行上升原有高度，根據(jù)圖中幾何關(guān)系可知，滑行的水平位移變小，物塊損失的動能將小于mv02，因此還能繼續(xù)上滑，故選項B說法正確;同理若增大x，物塊滑行上升的高度將小于h，即物塊不能滑到斜面頂端，假設(shè)物塊仍然滑行原來的水平位移x，根據(jù)圖中幾何關(guān)系可知，物塊滑行上升的高度將變小，物塊損失的動能將小于mv02，物塊繼續(xù)上滑，故選項C說法正確;若再施加一個水平向右的恒力F，由于不清楚斜面的傾角θ和動摩擦因數(shù)μ的具體關(guān)系，若μtan θ=1，則物塊仍然恰好能滑至斜面頂端，若μtan θ>1，則物塊不能滑至斜面頂端，若μtan θ<1，則物塊將從斜面頂端滑出，故選項D說法錯誤。

　　11.選AD　重力做功為WG=mgh，A正確�？諝庾枇ψ龉εc經(jīng)過的路程有關(guān)，而小球經(jīng)過的路程大于，故克服空氣阻力做的功大于f·，B錯誤 。落地時，重力的瞬時功率為重力與沿重力方向的分速度的乘積，故落地時重力的瞬時功率小于mgv，C錯誤。重力做正功，重力勢能減少，空氣阻力做負功，機械能減少，D正確。

　　12.解析：(1)由題意可知，物塊與斜面體AB段的動摩擦因數(shù)在B點最大，為k0L，由于k0L<，即k0L0，因此物塊能運動到B點。

　　在B點，據(jù)牛頓第二定律得mgsin 30°-k0Lmgcos 30°=ma

　　解得：a=g-k0gL

　　(2)由于物塊在AB間運動時摩擦力隨距離成線性關(guān)系，因此摩擦力做功

　　Wf=-·k0Lmgcos 30°·L=-k0mgL2

　　設(shè)彈簧的最大壓縮量為d，由于彈簧的彈力與壓縮量成正比，因此彈簧的彈力做功

　　WF=-·kd·d=-kd2

　　從A點到最低點根據(jù)動能定理

　　mgsin 30°+Wf+WF-k0Lmgdcos 30°=0

　　整理得kd2-(1-k0L)mgd-mgL(1-k0L)=0

　　由于k0L<，即k0L<1，因此

　　解得：d=

　　。

　　答案：(1)能　g-k0gL

　　(2)